0～n-1的数存在一个数组A[0,n-1]中，问你如何判断这个数组中是否有两

[zhangyilina1987]

貌似是某年谷歌的笔试题

[zhangyilina1987]

0～n-1的数存在一个数组A[0,n-1]中，问你如何判断这个数组中是否有两

个不同的数存在。

[LucEaspe]

LZ 是：
0～n-1的数存在一个数组A[0,n-1]中，问你如何判断这个数组中是否有两个相同的数存在。

求和啊。如果 a[0]+a[1]+a[2]+……+a[n-1] = 0+1+2+3+……+(n-1) 说明每个数都不一样
否则就存在两个相同的数

[alphaxiang]

求和不行，没有重复的话就是一个置换。

[alphaxiang]

可以依次把 a[ a[i] ] 置为一个标记，当遇到要要置位的位置已经为标记就表示有重复了

[636f6c696e]

打点。

[商科程序员]

看要求的时间复杂度和空间复杂度。

[可乐崽]

最直接的办法，排序，哈哈！
或者用标记位去检测吧：

char flag[n] = {0};
    while(A[i]){
        if(flag[A[i]) return true;
        flag[A[i]] = 1;
    }

[gjlzjb]

5楼正解；7楼给出了代码，7楼的说法“排序”不正确，代码也有点小问题。

可以改为：

bool flag[] = new bool[n];
for(i=0;i<n;++i) flag[i] = false;
for(i=0;i<n;++i)
   if(flag[A[i]] == true) break;
   else flag[A[i]] = true;
if(i==n) cout<<"有重复的"<<endl;
else cout<<"无重复的"<<endl;

[cnmhx]

求和两次：
一次对数组元素；
一次对将数组元素和数组下标互换后的元素求和。

[Jokul_Lee]

看效率吧= =

[Jokul_Lee]

[Quote=引用 11 楼 jokul_lee 的回复:]

看效率吧= =
[/Quote]
不过应该有一种很巧妙的方法，

[LucEaspe]

[Quote=引用 3 楼 new_006 的回复:]
求和不行，没有重复的话就是一个置换。
[/Quote]3楼的你可以自己实现一下就知道了，因为数的范围也是限定在0~n-1

[lgl125]

可不可以用插入排序的思想进行排序，在排序的过程中判断是否有相同的数

[kjs008]

应该是计数排序思想的应用把，不知道是否存在lgn的算法

[超级大笨狼]

异或运算O(n)搞定。

[yuan19850805]

我靠，知道的就写两句 学习一下嘛。不要那么笼统 ^_^

[SuperFC]

固定偏移标志法：
这个就是时间复杂度O(N), 空间复杂度O(1)的算法!
利用a[N]本身中值和下标的关系来做标记，处理完成后再清除标记即可

a[N]，里面是1至N-1。原数组a[i]最大是N-1，若a[i]=K在某处出现后，将a[K]加一次N，做标记，当某处a[i]=K再次成立时，查看a[K]即可知道K已经出现过。a[i]在程序中最大也只是N-1+N=2N-1（溢出了怎么办啊？？？），此为一个限制条件

int do_dup(int arr[],int NUM)
{
int temp=0;
 
for(int i=0; i<NUM; i++)
{
  if(arr[i]>=NUM)
    temp=arr[i]-NUM;            // 该值重复了，因为曾经加过一次了
  else
    temp=arr[i];
 
  if(arr[temp]<NUM)
  {
    arr[temp]+=NUM; //做上标记
  }
  else
  {
    printf("有重复");   
    return temp;
  }
}
 
printf("无重复");
return -1;
}

[tedcy]

求和

int GetDouble(const int *a,size_t length)  
{  
  int s1 = 0,s2 = length * (length + 1)/2;   
  for(size_t i = 0;i != length;++i)
      s1 += a[i];
  return s1 - s2;
}

介个比较好理解。
记得除了打点，求和，上面的固定偏移标志，还有一个办法。
不过思想是和固定偏移标志为了利用原数组再消除修改是一样的，记不起来了= =