ajax回调函数把整个页面代码都返回是怎么回事

[shenmdouyourenjiaole]

我使用ajax事件，请求成功了，然后我想加载另一个页面，可是，它却将我要加载的页面弹出来了，有什么方法可以解决下么？并且ajax请求成功的话，我写了alert(msg);这个是不能丢的。代码如下：

$.ajax({
type:'POST',
async:'FALSE',
url:'<?php echo __URL_PATH__?>/forget_pwd',
data:'username='+w_u.value+'&check='+w_v.value+'&next_step=2',
success:function(msg)
{
alert(msg);
}
});

[一起混吧]

你请求的页面是html页面吧。 如果是静态页面则所有页面内容均返回。

[shenmdouyourenjiaole]

那怎么样控制程序才能让其不返回页面，而是跳转到这个页面去呢？假如我用表单提交的话，就没有这个问题。该怎么办那？

[黄袍披身]

跳转到这个页面去？那ajax有什么意义？不如直接用表单直接去提交
[Quote=引用 2 楼 shenmdouyourenjiaole 的回复:]

那怎么样控制程序才能让其不返回页面，而是跳转到这个页面去呢？假如我用表单提交的话，就没有这个问题。该怎么办那？
[/Quote]

[zhaoshengyang]

在alert后用location.href进行跳转

[baoxiaohua]

主要看看url页（:<?php echo __URL_PATH__?>/forget_pwd'）具体是什么内容？

你可以试着单独打开这个url页，看看是什么内容！

[uncle_bacon]

学习。

[shenmdouyourenjiaole]

最好的判断是 先进行判断，然后再跳转，谢谢大家的热心帮忙哈！


$.ajax({
type:'POST',
async:'FALSE',
url:'<?php echo __URL_PATH__?>/forget_pwd',
data:'username='+w_u.value+'&check='+w_v.value+'&next_step=2',
success:function(msg)
{
if(msg == '1')
{
locatin.href = 'www.baidu.com';
}
}
});

[葉A子]

重新写个方法输出
private void outUtil(Object plan, HttpServletResponse response)
throws IOException {
response.setContentType("text/html;charset=utf-8");
PrintWriter out = response.getWriter();
out.print(plan);
out.close();
}