请问这代码应当怎写？？？？？？？？

[liuxiaobo]

图片上传时，获取上传的文件？
提交表单程序：

<TABLE><FORM action=Add_Product_Ok.php method=post enctype="multipart/form-data" >
<tr >
<TD >ID：</TD>
<TD 5>
<input name="ID" type="text" id="ID2" style="font-size: 14px" size="10" >
<INPUT TYPE = "hidden" NAME = "MAX_FILE_SIZE" VALUE ="1000000"></TD>
</tr>
<tr >
<TD c>产品编号：</TD>
<TD ><input name="productname" type="text" id="productname" style="font-size: 14px" size="40" ></TD>
</tr>
<tr>
<TD >图片：</TD>
<TD > <input name="UploadFile" type="file" id="UploadFile"></TD>
</tr>
<TR >
<TD >
<INPUT class=main type=submit size=3 value=' 完成 ' name=Submit2>
</TD>
</TR>
</form>
</TABLE>

下面是处理的：
<?
$UploadFile=$HTTP_POST_VARS['$UploadFile'];
If(($UploadFile != "none")&&($UploadFile != ""))
{
$UploadPath = AddSlashes(dirname($PATH_TRANSLATED))."\\upload\\";

$FileName = $UploadPath.$UploadFile_name; //上载文件名
if($UploadFile_size <1024) //上载文件大小
{
$FileSize = (string)$UploadFile_size . "字节";
}
elseif($UploadFile_size <(1024 * 1024))
{
$FileSize = number_format((double)($UploadFile_size / 1024), 1) . " KB";
}
else
{
$FileSize = number_format((double)($UploadFile_size/(1024*1024)),1)."MB";
}

if(!file_exists($FileName))
{
if(copy($UploadFile,$FileName))
{
echo "文件 $UploadFile_name ($FileSize)上载成功！";
}
else
{
echo "文件 $UploadFile_name上载失败！";
}
unlink($UploadFile);
}
else
{
echo "文件 $UploadFile_name已经存在！";
}
}
else
{
echo "你没有选择任何文件上载！";
}
?>
运行错误提示：
Notice: Undefined index: $UploadFile in E:\PHPWEB\万豪实业\admin\Add_Product_Ok.php on line 7
你没有选择任何文件上载！
没这语句：”$UploadFile=$HTTP_POST_VARS['$UploadFile'];“也是一样的错？
请问这代码应当怎写？

[「已注销」]

把具体问题说出来，相关代码片断贴出来。

不要大段大段的代码往上贴。

[bflovesnow]

$HTTP_POST_VARS====>>>>$HTT_POST_FILES，接收表单的的file域用此

其他还用$HTTP_POST_VARS


楼上老4：不是这样的么？哈哈~~

[liuxiaobo]

多谢楼的！
但怎么获得上传文名和类型呢？
这系统提示我（$UploadFile_name）没有定义！
我看别的的代码可以直接用变量（$UploadFile）获得，而我的得用$HTT_POST_FILES，这是为什么？是不是ＰＨＰ还有什么配好？

[bflovesnow]

建议去看看手册，手册中说得很清楚了

[blueoxygen]

$UploadFile=$_FILE['$UploadFile'];
之后的代码也需要改
文件的上传要用$_FILE数组来操作